A. Gift Carpet
题解
一列一列顺序匹配即可。
代码
Java
C++
B. Sequence Game
题解
如果$b_i \geq b_{i-1}$那么就不需要做出任何改动直接让$a_i=b_i, a_{i-1}=b_{i-1}$即可。
对于$b_i < b_{i-1}$，那么就只需要在中间插入一个$b_i$即可，也就是：$a_i=b_i,a_{i-0.5}=b_i, a_{i-1}=b_{i-1}$。
代码
Java
C++
C. Flower City Fence
题解
计算水平放置成一摸一样需要的长度即可。比如[4,2,1]如果要用水平放置的话，那么就应该是[3,2,1,1]，记为数组b。
不难发现，对于任意x，如果有c个i使得$a_i \geq x$。那么相应$b_x=c$。
比如，[4,2,1]中，有3个大于等于1，所以$b_1=3$。可得b=[3,2,1]。（对比真正水平放置其实遗漏了最后一个1，但不重要。因为要能一样$a_1$必须等于n）
最后对比一下原数组a和b是不是一样，一样就是YES。否则就是NO。
代码
Java
C++
D. Ice Cream Balls
题解
显然，如果每种冰激凌球只有一个的话，那么x种可以做出$C_x^2$种冰激凌。
因为题目允许两种相同的冰激凌球组成一个冰激凌，所以每种冰激凌球最多可以有两个。并且每有一种冰激凌球有两个，就多一种冰激凌。
所以，x种冰激凌球（每种不限个数）最少可以做出$C_x^2$种冰激凌，最多可以做出$C_x^2+x$种冰激凌。
所以，可以以此分别二分，找到达成目标最少需要多少种和最多需要多少种。然后在这个范围内，暴力枚举每一个x。
对于每一个x，共需要$n-C_x^2+x$个。选最小的即可。
代码
Java
C++
E. Kolya and Movie Theatre
题解
首先，只要不是彻底不看电影。那么只要看了，不考虑$a_i$，单独考虑d的话，那么最后扣心情的总数只由最后一部电影是哪一天看的决定。
比如最后一部电影是第三天看的，那么只需要$-3\cdot d$。之后就和d没关系了。
那么剩下的部分就只是若干个$a_i$的和了。自然我们希望选择一个大于0的，尽可能大的$a_i$。
所以，我们枚举看最后一部电影的日子x。然后用一个优先队列排序x天前的所有$a_i$，如果优先队列长度超过了m，就丢弃队列里最小的。
这样会有个小问题，那就是$a_x$可能并不会被选中。可能实际上最后一部电影是第y天看的。但这样因为多减去了$(x-y)\cdot d$，所以一定不如之前的结果优。
代码
Java
C++
F. Magic Will Save the World
题解
时间限制是4s，而且Codeforces已经不再是一秒只能跑$10^6$的CF了。所以我这个$O(n\cdot \sum{s})=O(n^2\cdot s)$，大概$10^8$的解法也能过，而且只跑了800ms（而且还是Java）。
首先一个01背包，计算出这n个怪物所有可能的总和。
拿到这个总和，二分需要的时间ans。假设需要ans秒，那么就可以再二分找出小于$ans \cdot w$的最大的组合。如果剩下来的怪物需要的f小于$ans \cdot f$，那么ans秒就可以消灭所有怪物。
代码
Java
C++
G. The Great Equalizer
题解
首先，Java用户请谨慎使用Java特性，不然用以TLE。比如下面这个：
xloypaypa
首先，不难发现，无论如何，排序后相邻两个数之间的差距每次只会缩减1。
且无论怎么变，较小的数永远不会超过较大的数。最多只会变成一样，然后合并。
所以大小相近两个数要变成一样，且这两个数的差是x，就一定需要x步。
假设b是排序后的a（只是为了说明方便，不需要实际算出来）。
于是问题就转换成了，在每次操作之后，我们要知道最大的$b_i-b_{i-1}$是多少，以及知道最大的$a_i$是多少。
首先最大的$a_i$是很容易维护的，只需要一个set，在每次变的时候把原来的$a_i$删掉，把新的$a_i$加进去就可以了。
最大的$b_i-b_{i-1}$也可以用一个set来维护。
每次变化的时候，把$a_i$相邻的两个数（记为pre_left和pre_right）找到，从set中删除$a_i$-pre_left和pre_right-$a_i$，再把pre_right-pre_left添加进set中，就算是把原本的$a_i$彻底移除了。
接着在去维护$a_i$大小的set中，找到新的$a_i$相邻的两个数（记为next_left和next_right），把next_right-next_left删除，把$a_i$-next_left和next_right-$a_i$添加进set，就算把新的$a_i$彻底加入了进来。
这里需要注意的是，由于$a_i$的值可能重复，$b_i-b_{i-1}$更可能重复。所以两个set不论添加或删除都需要同时记录其数值和下标。
代码
Java
C++